Table of Contents
1. Soru 39:
“³⁶Kr atomunun temel hâlde mₗ = –1, mₛ = +½ olan en fazla kaç elektronu vardır?”
Çözüm:
- Kr (Z = 36) → dolmuş alt kabuklar: 1s, 2s, 2p, 3s, 3p, 4s, 3d, 4p
- “mₗ = –1” olacak orbitaller:
• 2p(ml=–1), 3p(ml=–1), 4p(ml=–1) → 3 tane p-orbital
• 3d(ml=–1) → 1 tane d-orbital - Her orbitalde en fazla bir “mₛ = +½” elektron bulunur.
- Toplam = 3 + 1 = 4
Cevap: B) 4
2. Soru 40:
“Mg²⁺ iyonunda manyetik kuantum sayısı mₗ = 0 olan kaç elektron vardır?”
Çözüm:
Mg²⁺ (Z = 12 → 10 e⁻) = Ne elektron dizilimi: 1s² 2s² 2p⁶
- mₗ = 0 olan orbitaller:
• 1s (l=0 ⇒ ml=0) → 2 e⁻
• 2s (l=0 ⇒ ml=0) → 2 e⁻
• 2p (ml=0) → 2 e⁻ - Toplam = 6
Cevap: C) 6
3. Soru 41:
“Manyetik kuantum sayısı mₗ = –1 olan elektron aşağıdakilerden hangisinde bulunamaz?”
- S-orbital: l=0 ⇒ ml sadece 0’dır.
- 5s alt kabuğunda ml=–1 mümkün değildir.
Cevap: B) 5s
4. Soru 42:
“Aşağıdakilerden hangisi yan kuantum (l) sayısını belirtmek için kullanılan değerlerden biridir?”
Yan kuantum sayısı l, 0 ≤ l ≤ n–1 tam sayı değer alır. Negatif değerler ve yarım sayılar geçersizdir.
Cevap: E) 0
5. Soru 43:
“Dolu haldeki 3d ve 4s orbitalleri için aşağıdaki özelliklerden hangileri ortaktır?
I. Eş enerjili 2’den fazla elektron içerme
II. mₗ = 0 olan elektron içerme
III. mₛ = +½ olan elektron içerme”
- I. 3d alt kabuğu (5 eş enerjili orbital) 10 e⁻ alır, 4s alt kabuğu (1 orbital) yalnızca 2 e⁻ → ortak değil.
- II. Hem 3d’de (ml=–2…+2) hem 4s’de (ml=0) ml=0 elektron vardır.
- III. Dolmuş alt kabukların her orbitalinde +½ spinli elektron bulunur.
Ortalaşan özellikler: II ve III
Cevap: B) II ve III
6. Soru 44:
“I. ₁₆S²⁻ ve ₂₀Ca²⁺
II. ₂₆Fe ve ₂₈Ni²⁺
III. ₂₉Cu⁺ ve ₃₀Zn²⁺
Yukarıda verilen tanecik çiftlerinden hangileri izoelektroniktir?”
- I. S²⁻, Ca²⁺ → 18 e⁻ (Ar) → izoelektronik
- II. Fe⁰, Ni²⁺ → 26 e⁻ → izoelektronik
- III. Cu⁺, Zn²⁺ → 28 e⁻ → izoelektronik
Hepsi izoelektronik: I, II ve III
Cevap: E) I, II ve III
7. Soru 45:
“Aşağıdaki elektron dizilimlerinden hangisi uyarılmış bir atoma aittir?”
Uyarılmış durumda, bir e⁻ temel hâlinden yükseğe (boş bir alt kabağa) tek bir tanecik olarak çıkarılmıştır.
En az bir e⁻’nin normal yerinden bir üst alt kabağa geçmiş olduğu, ancak Pauli ilkesinin ihlal edilmediği dizilim aranır.
Seçenekleri incelersek tek elektron yükseltmesiyle elde edilebilecek tek düzen:
- Yerinde bulunması gereken tam dolmuş alt kabukların birinden bir elektron yukarı (3p→3d) çıkmış; yalnızca 1 elektron uyarılmış
- Bu, E) seçeneğinde gerçekleşir:
1s² 2s² 2p⁶ 3s² 3p⁵ 4s¹ 3d¹
Cevap: E) 1s² 2s² 2p⁶ 3s² 3p⁵ 4s¹ 3d¹
8. Özet Tablo
| Soru | Doğru Şık | Kısa Gerekçe |
|---|---|---|
| 39 | B (4) | ml=–1 orbital sayısı = 4 |
| 40 | C (6) | ml=0 olan 1s, 2s, 2p → 2+2+2 = 6 |
| 41 | B (5s) | s’de ml=–1 olamaz |
| 42 | E (0) | l tam sayı, negatif ve kesir yok |
| 43 | B (II, III) | Hem ml=0 hem ms=+½ vardır |
| 44 | E (I, II, III) | Hepsi izoelektronik (18, 26, 28 e⁻) |
| 45 | E | Tek e⁻’lik uyarılma (3p→3d) |
Başarılar dilerim, @Gamze_Sonmez